芜湖市2020-2021学年高一下学期期末质量检测 物理试题(含答案)

2B

3C

4D

5A

6C

7A13.16:81

8D

9-1A

9-2B

9-3C14.20

10-110-210-3CD2010AD

BC

二、填空题（每空2分，共16分）

2v011.12:11812.;5v0

g三、实验题（每空2分，共16分）15.自由落体16.（1）甲

1:2

1.76km/s

乙方案小车与斜面间存在摩擦力且不能忽略，小车机械能不守恒

（9.52～9.68） ④④B（2）①D ②1.37 ③③9.60

四、计算题（第17题6分，第18题10分，第19题12分，共28分；要求写出主要的计算公式、解题步骤

和必要的文字说明）17.（1）猴子做曲线运动。（1分）

（2）根据位移的合成可知10s末猴相对地面的位移大小vx2x（3）由x=t得vx==0.8m/s（1分）

t2h

（1分）竖直方向vy==0.6m/s

t

2v=v2（1分）x+vy=1m/sL=x2+y2=36+16m=213m（2分）

v2MmA

18-1.（1）G2=mA（3分）

RR

GM解得：v=（2分）

RMmB2π2

（2）G=m()(R+h（)3分）B

T(R+h)23GMT2-R（2分）解得：h=

4π22h12

18-2.（1）2分）得g=2（1分）h=gt（

2t

Mm2hR2G2=mg（2）钢球：（2分）M=（1分）RGt2（3）距此星球表面高H的圆形轨道有一颗卫星绕它做匀速圆周运动，万有引力提供向心力

πt2π2Mm

=m()(R+H（)2分）得T=G2RT(R+H)2(R+H)3（2分）h高一年级物理（必修2）试题参第1页（共3页）

18-3.（1）根据开普勒第三定律

T探=

r火+r地2()3T地=r地a3

=k可知，椭圆转移轨道周期为T21.253×12月=16.5月（4分）

则天问一号在地火转移轨道上运行的时间

T

t=探=8.25月（1分）

2（2）同理可得火星运行周期为

rT火=(火)3T地=1.53×12月（2分）

r地火星运动的时间为

180°-θ（1分）t=T火

360°要保证天问一号正好在远日点与火星相遇，两者运动的时间相等，则有：T探180°-θ（1分）=T火

2360°解得θ=43°（算出41°～45°都给分）（1分）

12

）vB=2gR（2分）19-1.（1）由mgR=mv（B2分

2v2B

（2）FN-mg=m（2分）得FN=3mg由牛顿第三定律F′N=3mg（2分）

R（3）滑块在水平面上运动时，水平方向只受摩擦力，由动能定理

R12

-μmgs=0-mv（）得μ=（2分）B2分

s219-2.（1）对物体和弹簧组成系统，从A运动至B过程，由能量守恒定律有

12

）EP=mv（12分

2（2）物体恰好能运动到最高点C，由牛顿运动定律有

v22（1分）mg=m（1分）解得v2=gRR对物体，从B运动至C过程，出动能定理有

112

-mg2R+Wf=mv2）mv（2-12分

22512

）解得Wf=mgR-mv（11分

22（3）物体离开C点后做平抛运动

12R=gt2（2分）x=v2（t2分）

2解得x=2R（1分）

112

m2v（19-3.（1）设滑块到达长木板右端的速度为v1,-μ2m2gx=m2v2）1-01分

2212

-m2g(R+h1)=0-m2v（）设滑块离开圆弧轨道后上升的最大高度为h1，11分

2（1分）由以上两式解得h1=2.8m

（2）由机械能守恒定律可得，小滑块回到长木板底端时的速度大小v1=8m/s

滑上长木板后，滑块的加速度为a2，长木板的加速的为a1，

高一年级物理（必修2）试题参第2页（共3页）

对滑块μ2m2g=m2a（）μ2m2g-μ1(m2+m1)g=m1a1，长木板：21分

设经过t1时间后两者共速，共同速度为v，由运动学公式可知

）v=v1-a2t1=a1t（11分

v

该过程中长木板的位移x1=t1

2v+vt1小滑块的位移x2=12210x2=m由以上各式解得x1=m，（1分）33之后一起匀减速运动，若小滑块最终未从长木板左端滑出，则长木板的最由于x1）短长度Lmin=x2-x（11分8（1分）由以上各式解得Lmin=m3（3）小滑块和长木板一起匀减速运动至最左端的速度为v2，由动能定理可得

112

-μ1(m1+m2)g(x0-x1)=(m1+m2)v21分）(m1+m2)v（2-22再次达到共同速度小滑块返回到左侧轨道底端的速度仍为v2。以后m2带着木板m1运动，

对于m2有v′=v2-a2t′v′，

对于m1有v′=a1t′

v2+v′m2对地的位移x′2=t′

2v′

m1对地的位移x′1=t′

215由以上各式解得x′1=m,x′2=m

1441441（1分）mm2在m1上滑动的相对位移Δx=x′2-x′1=36设m1、m2一起在滑行的距离x′而静止，由动能定理得

11-μ1(m1+m2)gx′=-(m1+m2)v′2解得x′=m（1分）

2240说明木板在到达右侧圆轨道前已静止，所以，整个过程中小滑块与木板之由于x′间产生的摩擦热Q=μ2m2g(x+Lmin+Δx)=84.5J（1分）

高一年级物理（必修2）试题参第3页（共3页）