2016年四川省高考理科试卷及答案

数学（理工类）

本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题），第I卷1至2页，第II卷3至4页，共4页，满分150分，考试时间120分钟，考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿上答题无效，考试结束 后，将本试题卷和答题卡一并交回。

第I卷（选择题 共50分）

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的。

1.设集合A{x|2x2}，Z为整数集，则A（A）3（B）4（C）5（D）6

2.设i为虚数单位，则(xi)的展开式中含x4的项为（ ）

（A）－15x4（B）15x4（C）－20i x4（D）20i x4

3.为了得到函数ysin(2x)的图象，只需把函数ysin2x的图象上所有的点（ ）

6Z中元素的个数是（ ）

π3ππ个单位长度（B）向右平行移动个单位长度 33ππ（C）向左平行移动个单位长度（D）向右平行移动个单位长度

66（A）向左平行移动

4.用数字1，2，3，4，5组成没有重复数字的五位数，其中奇数的个数为（ ） （A）24（B）48（C）60（D）72

5.某公司为激励创新，计划逐年加大研发资金投入.若该公司2015年全年投入研发资金130万元，在此基础上，每年投入的研发资金比上一年增长12%，则该公司全年投入的研发资金开始超过200万元的年份是（ ） （参考数据：lg 1.12≈0.05，lg 1.3≈0.11，lg2≈0.30） （ A）2018年（B）2019年（C）2020年（D）2021年

6.秦九韶是我国南宋时期的数学家，普州（现四川省安岳县）人，他在所著的《数书九章》中提出的多项式求值的秦九韶算法，至今仍是比较先进的算法.如图所示的程序框图给出了利用秦九韶算法求某多项式值的一个实例，若输入n，x的值分别为3，2，则输出v的值为（ ）

（A）9 （B）18 （C）20 （D）35

yx1,7.设p：实数x，y满足(x–1)2+(y–1)2≤2，q：实数x，y满足y1x,则p是q的（ ）

y1,（A）必要不充分条件（B）充分不必要条件（C）充要条件（D）既不充分也不必要条件

8.设O为坐标原点，P是以F为焦点的抛物线y2px(p0)上任意一点，M是线段PF上的点，且

2PM=2MF,则直线OM的斜率的最大值为（ ）

（A）322（B）（C）（D）1 3239.设直线l1，l2分别是函数f(x)=lnx,0x1,图象上点P1，P2处的切线，l1与l2垂直相交于点P，且l1，

lnx,x1,l2分别与y轴相交于点A，B，则△PAB的面积的取值范围是（ ） （A）(0,1) （B）(0,2) （C）(0,+∞) （D）(1,+∞)

10.在平面内，定点A，B，C，D满足DA=DB=DC,DADB=DBDC=DCDA=-2，动点P，M满足AP=1，PM=MC，则BM的最大值是（ ）

2（A）

3763372334943（B）（C）（D）4444

第II卷（非选择题 100分）

二、填空题：本大题共5小题，每小题5分，共25分。 11.cos2

ππ–sin2= . 8812.同时抛掷两枚质地均匀的硬币，当至少有一枚硬币正面向上时，就说这次试验成功，则在2次试验中成功次数X的均值是 .

13.已知三棱锥的四个面都是腰长为2的等腰三角形，该三棱锥的正视图如图所示，则该三棱锥的体积是 。

133正视图

14.已知函数（fx）是定义在R上的周期为2的奇函数，当0＜x＜1时，（fx）=4，则（f

x）+ f（1）= 。

15．在平面直角坐标系中，当P(x，y)不是原点时，定义P的“伴随点”为P('yx,)；

x2y2x2y2当P是原点时，定义P的“伴随点“为它自身，平面曲线C上所有点的“伴随点”所构成的曲线C'定义为曲线C的“伴随曲线”.现有下列命题：

①若点A的“伴随点”是点A，则点A的“伴随点”是点A ②单位圆的“伴随曲线”是它自身；

③若曲线C关于x轴对称，则其“伴随曲线”C'关于y轴对称； ④一条直线的“伴随曲线”是一条直线.

其中的真命题是_____________（写出所有真命题的序列）.

三、解答题：本大题共6小题，共75分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 16.（本小题满分12分）

我国是世界上严重缺水的国家，某市为了鼓励居民节约用水，计划调整居民生活用水收费方案，拟确定一个合理的月用水量标准x（吨）、一位居民的月用水量不超过x的部分按平价收费，超出x的部分按议价收费.为了了解居民用水情况，通过抽样，获得了某年100位居民每人的月均用水量（单位：吨），将

''数据按照[0,0.5)，[0.5,1)，…，[4,4.5)分成9组，制成了如图所示的频率分布直方图.

频率组距0.520.40a0.160.120.080.0400.511.522.533.4.5月均用水量（吨）

（I）求直方图中a的值；

（II）设该市有30万居民，估计全市居民中月均用水量不低于3吨的人数，并说明理由； （III）若该市希望使85%的居民每月的用水量不超过标准x（吨），估计x的值，并说明理由.

17.（本小题满分12分）

在△ABC中，角A,B,C所对的边分别是a,b,c,且（I）证明：sinAsinBsinC； （II）若bca222cosAcosBsinC. abc6bc，求tanB. 518.（本小题满分12分）

如图，在四棱锥P-ABCD中，AD∥BC，ADC=PAB=90°，BC=CD=面直线PA与CD所成的角为90°.

P1AD.E为棱AD的中点，异2BCAED

（I）在平面PAB内找一点M，使得直线CM∥平面PBE，并说明理由； (II)若二面角P-CD-A的大小为45°，求直线PA与平面PCE所成角的正弦值.

19.（本小题满分12分）

已知数列{an}的首项为1，Sn为数列{an}的前n项和，Sn1qSn1，其中q>0，nN*. （I）若2a2,a3,a22成等差数列，求{an}的通项公式；

4n3ny25(ii)设双曲线x21的离心率为en，且e2，证明：e1e2en n133an.

2

20.（本小题满分13分） 已知椭圆E：

与椭圆E有且只有一个公共点T. （I）求椭圆E的方程及点T的坐标；

（II）设O是坐标原点，直线l’平行于OT,与椭圆E交于不同的两点A、B，且与直线l交于点P.证明：存在常数λ，使得∣PT∣2=λ∣PA∣·∣PB∣，并求λ的值. 21.（本小题满分14分）

设函数f(x)=ax2-a-lnx，其中a ∈R. （I）讨论f(x)的单调性；

（II）确定a的所有可能取值，使得f(x)数)。

的两个焦点与短轴的一个端点是直角三角形的3个顶点，直线l:y=-x+3

11xe在区间（1，+∞）内恒成立(e=2.718…为自然对数的底x2016年普通高等学校招生全国统一考试（四川卷）

数学（理工类）试题参

一、选择题

1．C 2．A 3．D 4．D 5．B 6．B 7．A 8．C 9．A 10．B 二、填空题 11．

233 12． 13． 14．–2 15．②③ 232三、解答题

16．（本小题满分12分）

（Ⅰ）由频率分布直方图知，月均用水量在[0,0.5)中的频率为0.08×0.5=0.04，

同理，在[0.5,1)，[1.5,2)，[2,2.5)，[3,3.5)，[3.5,4)，[4,4.5)中的频率分别为0.08，0.20，0.26，0.06，0.04，0.02．

由0.04+0.08+0.5×a+0.20+0.26+0.5×a+0.06+0.04+0.02=1， 解得a=0.30．

（Ⅱ）由（Ⅰ），100位居民每人月均用水量不低于3吨的频率为0.06+0.04+0.02=0.12． 由以上样本的频率分布，可以估计全市30万居民中月均用水量不低于3吨的人数为 300 000×0.12=36 000．

（Ⅲ）因为前6组的频率之和为0.04+0.08+0.15+0.20+0.26+0.15=0.88>0.85， 而前5组的频率之和为0.04+0.08+0.15+0.20+0.26=0.73<0.85， 所以2.5≤x<3．

由0.3×(x–2.5)=0.85–0.73， 解得x=2.9．

所以，估计月用水量标准为2.9吨时，85%的居民每月的用水量不超过标准． 17．（本小题满分12分） （Ⅰ）根据正弦定理，可设

abc===k(k>0)． sinAsinBsinC则a=ksin A，b=ksin B，c=ksin C． 代入

cosAcosBsinC+=中，有 abccosAcosBsinC+=，变形可得

ksinAksinBksinCsin Asin B=sin Acos B+cos Asin B=sin(A+B)．

在△ABC中，由A+B+C=π，有sin(A+B)=sin(π–C)=sin C， 所以sin Asin B=sin C． （Ⅱ）由已知，b2+c2–a2=

6bc，根据余弦定理，有 5b2c2a23cos A==．

2bc5所以sin A=1cosA=

24． 5由（Ⅰ），sin Asin B=sin Acos B+cos Asin B，

443sin B=cos B+sin B， 555sinB故tan B==4．

cosB所以

18. （本小题满分12分）

（Ⅰ）在梯形ABCD中，AB与CD不平行.

延长AB，DC，相交于点M（M∈平面PAB），点M即为所求的一个点.理由如下： 由已知，BC∥ED，且BC=ED. 所以四边形BCDE是平行四边形. 从而CM∥EB.

又EB平面PBE，CM平面PBE， 所以CM∥平面PBE.

（说明：延长AP至点N，使得AP=PN，则所找的点可以是直线MN上任意一点） （Ⅱ）方法一：

由已知，CD⊥PA，CD⊥AD，PAAD=A， 所以CD⊥平面PAD. 从而CD⊥PD.

所以PDA是二面角P-CD-A的平面角. 所以PDA=45°.

设BC=1，则在Rt△PAD中，PA=AD=2.

过点A作AH⊥CE，交CE的延长线于点H，连接PH. 易知PA⊥平面ABCD， 从而PA⊥CE. 于是CE⊥平面PAH. 所以平面PCE⊥平面PAH.

过A作AQ⊥PH于Q，则AQ⊥平面PCE. 所以APH是PA与平面PCE所成的角. 在Rt△AEH中，AEH=45°，AE=1， 所以AH=

2. 232 ， 222在Rt△PAH中，PH=PAAH=所以sinAPH=方法二：

AH1 =. 3PHzPMyABCEDx

由已知，CD⊥PA，CD⊥AD，PAAD=A， 所以CD⊥平面PAD. 于是CD⊥PD.

从而PDA是二面角P-CD-A的平面角. 所以PDA=45°.

由PA⊥AB，可得PA⊥平面ABCD. 设BC=1，则在Rt△PAD中，PA=AD=2.

作Ay⊥AD，以A为原点，以AD ,AP的方向分别为x轴，z轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系A-xyz，则A（0,0,0），P（0,0,2），C(2,1,0)，E(1,0,0)， 所以PE=（1,0,-2），EC=（1,1,0），AP=（0,0,2） 设平面PCE的法向量为n=(x,y,z)，

x2z0,nPE0,由 得 设x=2，解得n=(2,-2,1).

xy0,nEC0,设直线PA与平面PCE所成角为α，则sinα=

21|nAP| = .

|n||AP|222(2)2123所以直线PA与平面PCE所成角的正弦值为

19.（本小题满分12分） （Ⅰ）由已知，Sn又由S2qS111 . 3qSn1,Sn2qSn111, 两式相减得到an2qan1,n1.

1得到a2qa1，故anqan对所有n1都成立.

所以，数列{an}是首项为1，公比为q的等比数列. 从而an=qn1.

由2a2，a3，a2+2成等差数列，可得2a3=3a2由已知,q所以an0，故 q=2.

2，即2q2=3q2,，则(2q+1)(q2)0，

2n1(nN*).

qn1.

（Ⅱ）由（Ⅰ）可知，an所以双曲线x2y2an21的离心率 en1an21q2(n1) .

由e21q21)5解得q34. 31)1qk（k因为1+q2(k于是e1q2(k1)，所以1+q2(k. N*）e2en1+qqn1qn1， q1故e1e2en4n3n. 3n120.（本小题满分13分）

x2y2（I）由已知，a2b，则椭圆E的方程为221.

2bbx2y21,22有方程组2b2b2 得3x12x(182b)0.①

yx3,方程①的判别式为=24(b3)，由=0，得b2=3， 此时方程①的解为x=2，

2x2y21. 所以椭圆E的方程为63点T坐标为（2,1）.

（II）由已知可设直线l 的方程为y1xm(m0)， 22m

1x2，yxm，3

有方程组 可得 22my1.yx3，3

所以P点坐标为（22m2m82 ），PTm2. ,1339设点A，B的坐标分别为A(x1,y1)，B(x2,y2) .

x2y2

1，6322由方程组 可得3x4mx(4m12)0.②

y1xm，2

方程②的判别式为=16(92m)，由>0，解得23232m. 224m4m212,x1x2由②得x1x2=. 33所以PA(22m2m52mx1)2(1y1)22x1 ， 3323同理PB52m2x2， 2352m2m(2x1)(2x2) 433所以PAPB52m22m(2)(2)(x1x2)x1x2 43352m22m4m4m212(2)(2)()43333

102m.9

故存在常数

42，使得PTPAPB. 521.（本小题满分14分）

12ax21(x0). （I）f'(x)2axxx f'(x)<0，f(x)在内单调递减. 当a0时，（0，+）由f'(x)=0，有x当a0时，1. 2a（0,此时，当x1)时，f'(x)<0，f(x)单调递减； 2a（当x1，+)时，f'(x)>0，f(x)单调递增. 2a11x1，s(x)=ex1x. xe（II）令g(x)=则s'(x)=ex11.

而当x1时，s'(x)>0，

所以s(x)在区间（，1+)内单调递增. 又由s(1)=0，有s(x)>0， 从而当x1时，f(x)>0.

当a0，x1时，f(x)=a(x1)lnx0. 故当f(x)>g(x)在区间（，1+)内恒成立时，必有a0.

2当0a11时，>1. 22a11)f(1)0,从而g()0， 2a2a由（I）有f(所以此时f(x)>g(x)在区间（，1+)内不恒成立. 当a1时，令h(x)2f(x)g(x)(x1)，

当x1时，h(x)2ax1x1x2e1xx1x1x21xx32x1x2x22x1x20，

因此，h(x)在区间(1,)单调递增.

f(x)g(x)0 ，即 f(x)g(x)恒成立.

又因为h(1)=0，所以当x1时，h(x)1综上，a[,2)