24道中考物理电功电功率典型例题解析

例1一盏灯标有“36V40W”字样,将这盏灯接到某电路中,经由过程它的电流是1A,此时,这盏灯的电功率是________W． 精析考核额定电压,额定功率的概念．

已知：灯的额定电压UE＝36,额定功率PE＝40W,现实电流IL＝1A． 求：PL（现实电功率） 解先剖断灯是否正常发光 灯正常发光时：IE＝PEUE40W＝36V≈A

因为灯的现实电流IL＜IE,所以灯不克不及正常发光,且PL应＜PE．

UE先求出灯的电阻R＝PE2(36V)2＝40W＝Ω

R不变

灯的现实功率：PL＝ILR＝（1A）×Ω 答案灯的功率为

思虑有的同窗求现实功率,采取下面做法：

2

2

PL＝UIL＝36V×1V＝36W

你能看出个中的问题吗？

例2某导体接到6V电压下,它消费的功率是6W;将改接到3V的电压下,这个导体的功率是________W． 已知UE＝6V 求：现实PL

剖析一个导体,在额定电压下,电阻为R,同样一个导体,电压转变,电阻仍为R． 同样一个导体,电压转变,电阻仍为R． ∴ 电功率的习题,往往从求解电阻入手． 解法1导体电阻

PE＝6W 现实UL＝3V

UER＝PE2(6V)2＝6W＝6Ω．

电压变了,导体消费的功率转变

ULRL＝R2(3V)2＝6＝

解法2导体电阻不变

UEPE2U2依据：R＝P 2PLUL＝PLPEUL22＝UE ）×6W＝W

2

2

UL22PL＝UE3V·PE＝（6V小结从解法2看出,电阻一准时,电压是本来的“n”倍,功率是本来的“n”倍．因为

P＝UI,U是本来的“n”倍,I也是本来的“n”倍,所以P是本来的“n”倍．

答案

例3（天津市中测验题）电能表是测量________的内心．1 kWh的电能可供标有“220V40W”的灯泡正常工作________h．

精析电能表是日常生涯中经常应用的内心．考核可否灵巧应用W＝Pt进行盘算． 准确选择适合的单位,可以简化盘算．

解电能表是测量电功的内心．标题给出：W＝1kWhP＝40W＝0.04kW

W时光：t＝P1kWh＝0.04kW＝25h

2

假如选用国际单位,则盘算要麻烦得多． 答案电功,25

例4（哈尔滨市中测验题）一个“12V6W”的小灯泡,假如接在36V电源上,为使其正常发光,需串联一个________Ω的电阻,该电阻消费的功率是________W． 精析在串联电路中,应用电流.电压等特色,盘算电阻和电功率． 已知：额定PE＝6W,UE＝12V,总电压U＝36V 求：R,PR

解灯的额定电压是12V,直接将其接在36V的电源上,灯将销毁：这时应将一个电阻和灯串联;—使灯正常发光．

画出灯与R串联的电路草图2—3—1．并标出已知量和未知量．

图2—3—1

只请求出经由过程R的电流和R两头的电压．就可以求出未知量． 流过灯的电流和流过R的电流相等： 答案48Ω,12W

例5（北京市中测验题）电阻R和灯泡L串联接到电压为10V的电路中,R＝10Ω,电路接通后,100s内电阻R上电流做的功为10J,已知灯L的额定功率为10W,灯的电阻不变．求：灯的额定电压．

解画出灯L和电阻只串联的电路草图2—3—2,并标明已知量和未知量． 串联电路,经由过程L和R电流相等,设为I． 则WR＝IRt

图2—3—2

2

I＝WRRt＝10J10Ω100s1＝10AA

R两头电压：UR＝IR＝0.1A×10Ω＝1V

灯L′两头电压：UL＝U－UR＝10V－1V＝9V

UL灯电阻：R＝I9V＝0.1A＝0.9Ω

灯额定电压：UE＝PER＝10W90＝30V

PE误会有的同窗在算完电流后,直接用：UE＝I10W＝0.1A＝100V,是错误的．因为此时灯其

实不是正常发光,电路中的电流不是IE．

当然,有的同窗把UL＝9V算为灯的额定电压,也是错误的． 答案灯额定电压为30V

例6（广州市中测验题）有两个灯泡,L1标有“6V 3W”字样,L2没有标识表记标帜,

测得L2的电阻为6Ω,把它们串联起来接入某一电路,两个灯泡均能正常发光,那么该电路两头的电压和L2的电功率分离是 （ ） C．9 V 3W

D．9

解画出L1和L2串联的电路草图2—3—3,标明已知量和未知量．

L1正常发光时,U1＝6V,P1＝3W电路中电流： I＝P1U13W＝6V＝

图2—3—3

此时L2也正常发光,L2两头电压：U2＝IR2＝×6Ω＝3V

P2＝IU2＝×3V＝1.5W U＝U1＋U2＝6V＋3V＝9V

答案D

例7有一盏小灯泡,当它与5Ω电阻串联后接15V电源上,灯正好正常发光,这时灯的功率是10W．

求：小灯泡正常发光时的电阻和小灯泡的额定电压的可能值． 已知：R＝5ΩPE＝10W 求：RL,UE（额定）

剖析画出剖析电路图2—3—4．

图2—3—4

从图中看,所给物理量无对应关系,可以采取方程求解． 解法1

U＝15V

RE和R串联,设灯两头电压为UE

∵IE＝IR ∴PEUEUUE＝R 10WUE15VUE＝5 整顿得UE－15UE＋50＝0 （UE－10）（UE－5）＝0

2

UE＝10V或UE＝5V

灯电阻RL 或RLUE＝PE22(10V)2＝10W＝10Ω

UE＝PE(5V)2＝10W＝Ω

解法2RL和R串联：U＝UE＋UR

PEU＝I＋IR

＋I×5Ω

10W15V＝I2

5I－15I＋10＝0

I－3I＋2＝0

（I－2）（I－1）＝0 解得：I＝2A或I＝1A

PE2RL＝I10W2(2A)＝2

＝Ω

10W2(1A)＝ 或

PE2RL＝I＝10Ω

答案灯正常发光,当UE＝10V时,灯电阻为10Ω;当UE＝5V时,灯电阻为Ω

例8 （北京市朝阳区中测验题）将分离标有“6V9W”和“6 V3W”的两个灯泡L1.L2串联接在12 V电源上,则 （ ）

A．两灯都能正常发光B．灯L2可能被销毁 C．两灯都比正常发光时暗D．灯L1比灯L2亮

精析考核学生可否依据现实电压和额定电压的关系,断定灯的发光情形． 解先求出两盏灯的电阻 灯L1的电阻： R1

U1＝P12(6V)2＝9W＝4Ω

灯L2的电阻： R2

U2＝P22(6V)2＝3W＝12Ω

求出灯两头的现实电压U1′ ∵R1.R2串联

U1U＝R1R1R241＝412＝4 11U1′＝4U＝4×12V＝3V

L2两头电压U2′＝U－U1′＝12V－3V＝9V

比较现实电压和额定电压

U1′＜U1,U2′＜U2

两灯都不克不及正常发光;灯L2可能会被销毁 答案B

例9（北京市东城区中测验题）家庭电路中正在应用的两白炽灯,若甲灯比乙灯亮,则 （ ）

A．甲灯灯丝电阻必定比乙灯的大 B．甲灯两头的电压必定比乙灯的大 C．经由过程甲灯的电量必定比乙灯的多 D．甲灯的现实功率必定比乙灯的大

精析考核家庭电路中灯的衔接方法,并由灯的亮度断定电阻的大小．

剖析家庭电路,灯的衔接方法是并联．甲.乙两灯两头电压雷同．甲灯比乙灯亮,解释甲灯现实功率比乙灯大．D选项准确．甲灯比乙灯亮,在并联电路中,R甲＜R乙．U雷同,I甲＞I乙

电量Q＝It,若两灯同时应用,因为t雷同,I甲＞I乙,则Q甲＞Q乙,C选项准确． 答案C.D

例10如图2—3—5,电源电压和电灯L的电阻均保持不变．当开关S闭合后,在变阻器的滑片P从中点向下滑动的进程中,下列说法准确的是 （ ）

A．电压表的示数变大 C．电流表A1的示数不变

B．电灯L的亮度变暗 D．电流表A2的示数变小 图2—3—5

精析考核学生辨认电路的才能．可否依据欧姆定律剖析电路中电流变更,灯的亮度变更．

剖析 电路是由灯和变阻器并联而成．

测的是干路电流

测的是流过变阻器的电流 测的是电路两头电压

当变阻器的滑片P由中点向b端移动时,变阻器的电阻增大,经由过程变阻器电流减小,示数变小,D选项准确．

并联电路,U必定,灯电阻不变,则流过灯的电流不变,灯的亮度不变．

示数变小． 答案D

例11如图2—3—6,电源电压不变,开关S由断开到闭合,电流表两次示数之比为2∶7,则电阻R1∶R2＝________,电功率P1∶P2,电功率P1∶P1′＝________,电功率

P1∶P1＝________．

精析剖析S闭合前后,电路中电阻的衔接关系．写出P.I.U.R之间的关系,应用公式求解．

解S断开,只有R1,示数为I1,R1两头电压为U,流过R1的电流为I1．

S闭合,R1.R2并联,示数为I1＋12,R1两头电压不变成U,流过R1的电流不变成I1,R1功

率为P1′．

图2—3—6

∵I1I1I2I12＝7∴I2I1I22＝5 R2R1 并联：＝2＝5∴R1R25＝2 P1P1＝＝I1UI1U1＝1 2＝7 P1PI1U(I1I2)U答案R1∶R2＝5∶2,P1∶P2＝2∶5,P1∶P1′＝1∶1,P1∶P＝2∶7

例12如图2—3—7（a）,当变阻器滑片从A点滑到B点时,R1两头的电压比为2∶3,变阻器两头电压比UA∶UB＝4∶3．（电源电压不变） 求：IA∶IB,RA∶RB,P1∶P1′,PA∶PB,R1∶RA

（a）

（b）

图2—3—7

精析画出电路变更前后对应的两个电路：如图2—3—7（b）（U12UA4

已知：U1＝3,UB＝3 U1R1IAU1U12 解IB＝R1＝U1＝3 UAIARAUBUAIB432 RB＝IB＝UB×IA＝3×2＝1 PI221AR1IA P22241＝IBR1＝IB＝（3）2

＝9 PAI2ARA

2428PB＝IBRB＝9×1＝9 图（b）：U＝IA（R1＋RA） 图（c）：U＝IB（R1＋RB）

1IA2U相等：RB＝2RA,IB＝3代入

1IA（R1＋RA）＝IB（R1＋2RA）

1

2（R1＋RA）＝3（R1＋2RA）

c）所示．c）

（

R1RA1＝2 另解：图（b）U＝U1＋UA 图（c）U＝U1′＋UB

33∴U1′＝2U1,UB＝4UA,U33∴U1＋UA＝2U1＋4112U1＝4U1UA不变

UA

UA

1＝2 R1RAU1UA∵R1.RA串∴＝1＝2 答案IA∶IB＝2∶3,RA∶RB＝2∶1,P1∶P1′＝4∶9,PA∶PB＝8∶9,R1∶RA＝1∶2

例13如2—3—8（a）,已知R1∶R2＝2∶3,当S2闭合,S1.S3断开时,R1的功率为P1,电路中电流为I;当S1.S3闭合,S2断开时,R1的功率为P1′,电路中电流为I∶I′．（电源电压不变）

求：U1∶U2,P1∶P1′,I∶I′

精析画出变更前后电路图（b）和（c）

（a）

（b）

（c）

图2—3—8

已知： 求：U1U2R1R22＝3 IIP1,P1, 解图（b）中R1.R2串,U1R1P1U2P1＝R12U1U2＝R1R22＝3 U1＝U222＝（2

）＝25 图（c）中R1两头电压为U 图（b）：U＝I（R1＋R2） 图（c）：U＝I′（R1R2R1R2）

）

U不变 I（R1＋R2）＝I′（23I（2＋3）＝I′（23） I6I＝25 R1R2R1R2 答案U1∶U2＝2∶3,P1∶P1′＝4∶25,I∶I′＝6∶25

例14假如将两个定值电阻R1和R2以某种情势衔接起来,接入电路中,则电阻R1消费的电功率为12W．假如将这两个电阻以另一种情势衔接起来接入原电路中,测得该电路的总电流为9A,此时电阻R1上消费的电功率为108W．（电源电压不变） 求：（1）电阻R1和R2的阻值; （2）电阻R2上两次电功率的比值． 精析先断定电阻R1.R2的两次衔接方法．

因为总电压不变,由P1＜P1′和R1必定,断定出：U1＜U1′所以第一次R1.R2串联,第二次并联．

求：R1.R2P2.P2′

解画出剖析电路图2—3—9（a）（b）

（a）（b） 图2—3—9

统一电阻

P1P1有1＝3 U2R1,依据P＝R U1(U1)22

U1∴U＝U1212W1＝U2＝108W＝9（U1′＝U）

如图（a）U1＋U2＝U∵R1.R2串

R1R2U1U21＝2 ＝U1U21＝2 I1 如图（b）R1.R2并联,I2＝∵I1′＋I2′＝I′＝9A ∴I1′＝6AI2′＝3A

R2R12＝1 R1

P12(I1＝)108W2(6A)＝＝3Ω

R2＝2 R1＝6Ω

P2P（2）求2 症结求出R2两头电压比 从图（a）可知：U2∴UU1U21＝2 2＝3 由图（a）和（b）

P2P2：U1(U1)22 统一电阻R2＝U22＝U22＝（3）2

4＝9 答案R1＝3Ω,R2＝6Ω, P2∶P2′＝4∶9

例15甲灯标有9V,乙灯标有3W,已知电阻R甲＞R乙,若把两灯以某种方法衔接到某电源上,两灯均正常发光,若把两灯以另一种方法衔接到另一电源上,乙灯仍能正常发光,甲灯的现实功率与它的额定功率比P甲′∶P甲＝4∶9 求：（1）甲灯的额定功率P甲; （2）乙灯的额定电压U乙; （3）两灯电阻R甲和R乙．

精析留意两次电路总电压不合,所以不克不及像例4那样断定电路衔接方法

已知：U甲＝9V,P乙＝3W,R甲＞R乙,P甲′∶P甲＝4∶9 求：P甲.U乙.R甲.R乙

设第一次R甲.R乙并联,此时两灯均能正常发光,解释：U乙＝U甲＝9V

R乙

U乙＝P乙2(9V)2＝3W＝27Ω

第二次R甲.R乙串联,乙灯仍正常发光,解释U乙′＝U乙＝9V

P甲U甲 而R甲不变时,P甲＝U甲2∴U′＝3U2甲＝3×9V＝6V

6V＝9V4＝9 R甲.R乙

U甲R甲R乙U乙串联＝2＝3 得R甲＜R乙,与题意不符．

由上剖断：电路第一次串联,第二次并联,画出剖析示意图2—3—10（a）和（b）．

（a）

（b）

图2—3—10

解由图（a）和（b）得：

P甲U甲222U2R甲不变 2U′＝3P甲＝U甲＝U甲4＝9 U2甲＝3×9V＝6V

U乙′＝U乙＝6V

由图（b）乙灯正常发光

R乙

U乙＝P乙2(6V)2＝3W12Ω

由图（a）R甲.R乙串

I甲＝I乙＝P乙U乙3W＝6V＝

U甲R甲＝I甲9V＝0.5A＝18Ω

P甲＝I甲U甲＝A×9V＝

答案甲灯额定功率W,乙灯额定电压6V,甲灯电阻10Ω,乙灯电阻6Ω

例16（北京市1997年中测验题）如图2—3—11（a）所示电路中,灯L1的电阻R2

1的2（不斟酌灯丝随温度的变更）．电源电压为10V,并保持不变．S1.S2为开关．当闭

合S1,断开S2时,灯L1正常发光,电阻R3消费的电功率为2W,电压暗示数U1;当闭合S2,断开S1时,电阻

1R4消费的电功率为41W,电压暗示数为2U1．

求（1）灯L1的额定功率;（2）电阻R4的阻值．

（a）

（b）

（c）

图2—3—11

1已知：R1＝2R2,U＝10VP3＝2WU1′＝

121U1P4＝4W

求：（1）P1（L1额定功率）;（2）R4

解画出变更前后电路剖析图2—3—11（b）和（c）． 先求出两次电路（b）和（c）中电流比I∶I′

U1II＝U1∵R1不变

P3I2P4I2＝U11U122＝1 R3R4＝＝P3P4I2×I2＝2W121W2

4×（2）＝1 由图（b） U＝I（R1＋R3） 由图（c） U＝I′（R1＋R2＋R4）

U不变,将R2＝2 R1和R3＝2 R4代入 I（R1＋2R4）＝I′（R1＋2R1＋R4）

2（R1＋2R4）＝（3R1＋R4）

R1R43＝1 得R1∶R2∶R4＝3∶6∶1

由图（c）R1.R2.R4串,且U＝U1′＋U2′＋U4＝10V

U1′∶U2′∶U4＝R1∶R2∶R4＝3∶6∶1

11U4＝10U＝10×10V＝1V

2(1V)2U41WPR4＝4＝4＝4Ω

P1P3 由图（b）R1.R3串3P1＝2×2W＝3W

＝R1R33＝2 答案L1额定功率为3W,R4为4Ω

例17（北京市1998年中测验题） 如图2—3—12所示,电路两头电压保持不变,当只闭合开关S1时,经由过程电阻R1的电流是I1;当只闭合开关S2时,经由过程电阻R2的电流是I2;电阻R2消费的功率是20W,I1∶I2＝3∶2,当只闭合开关S3时,电阻R3消费的功率是15W．

图2—3—12

求：（1）只闭合S1时,R1消费的功率;（2）只闭合S3时,R1消费的功率． 已知：I1∶I2＝3∶2,P2＝20W,P3＝15W 求：P1.P1″

精析 只闭合开关S1,只有R1,如图2—3—13（a）当只闭合S2时,R1.R2串,如图2—3—13（b）;当只闭合S3时,R1.R2.R3串,如图2—3—13（c）．

（a）

（b） 图2—3—13

解图（a）U＝I1R1 图（b）U＝I2（R1＋R2）

（c）

U不变,I1I23＝2 3R1＝2（R1＋R2）

R1R22＝1 P1串P2R1R2 图（b）R1.R2＝2＝1 P1′＝2P2＝2×20W＝40W

如图（a）和（b）

2P1I12PI12统一电阻R1·＝2＝（3）2

4＝9 4P1＝9×40W＝90W

2

如图（b）P2＝I2R2＝（ 如图（c）P3＝I3R3＝（

2

UR1R2）R2

2

2

（1） （2）

2

2

UR1R2R3）R3

2(RRR)R212320W2(RR)R315W12（1）÷（2）＝将R1＝2R2代入R3－6R2R3＋9R2＝0

（R3－3 R2）＝0

2

R3＝3 R2,又∵R1＝2 R2

∴R1R32＝3 如图（c）,串联电路

P1P3R1R3＝22＝3∴P1″＝3×15W＝10W

答案图（a）中,R1功率为90W,图（c）中,R1功率为10W

例18（北京市东城区中测验题）小明设计了一个电加热器,有加热状况和保温状况,如图2—3—14,发烧体AB是一根阻值500Ω的电阻丝,C.D是电阻丝AB上的两点,S′是一个温度掌握掌握开关．当开关S′闭合,开关S接通C点时,电阻丝每分钟放出的热量是Q1;当S′闭合,S接通D点时,电阻丝每分钟放出的热量是Q2;当S′断

开时,电阻丝每分钟放出的热量是Q3,此时测得C.D两点间的电压是33V．

图2—3—14

（1）按大小分列出Q1.Q2和Q3的次序是: ________ ＞ ________ ＞ ________．

（2）将上述热量由大到小的次序分列,其比值是20∶10∶3,求电源电压U和电热器处于保温状况时,每分钟放出的热量．

精析对于接洽现实的问题,起首把它和所学的物理常识对应起来,本题用到的是焦耳定律的常识．

U2从图中看出,不管应用哪一段电阻丝,电压均为U．电热丝放热公式：Q＝Rt．

（1）可以将AB段电阻分成三部分：

第一次,S′闭合,S接C,应用的是电阻丝CB段,电阻为RCB,电阻丝1min放热Q1＝

U2RCBt

第一次,S′闭合,S接D,应用的是电阻丝DB段,电阻为RDB,电阻丝1min放热Q2＝

U2RDBt

U2＝RAB 第三次,S′断开,电阻丝1min放热Q3∵RDB＜ RCB＜ RAB ∴Q1＞Q2＞＞Q3

t

开关位于D,是加热状况,断开S′,电阻为RAB,是保温状况． （2）已知RAB＝500ΩUCD＝33V,Q2∶Q1∶Q3＝20∶10∶3t必定,

U2RDBU2RABQ2Q3＝＝PABRDB20＝3 33∴RDB＝20×RAB＝20×500Ω＝75Ω

t必定,U必定,

Q1Q3＝RABRCB10＝3 33∴RCB＝10RAB＝10×500Ω＝150Ω

RCD＝150Ω－75Ω＝75Ω I＝UCDRCD33V＝75＝．

U＝IRAB＝×500Ω＝220V

保温时,电阻为RAB,t＝1 min＝60s

U2(220V)2Q3＝RAB×t＝500×60s＝5808J

答案 （1）Q2＞Q1＞Q3,电源电压220V,保温：Q3＝5808J

例19（北京市海滨区中测验题）图2—3—15是一个电热毯示意电路图．R0是电热毯中的电阻丝,R是与电热毯与电阻丝串联的电阻．电热毯上标有“220V 100W”字样,S是掌握电热毯处于加热状况或保温状况的开关．

图2—3—15

（1）用学过的公式推理解释开关S断开时,电热毯是处于加热状况照样保温状况？

（2）若请求在保温时电流畅过电阻丝R0每分钟有60J的电能转化为内能,电阻R的阻值是多大？

解（1）依据公式P＝IR

2

R0必定,t一准时,电热毯功率大时,处于加热状况． S闭应时,R0发烧功率：P0＝IR0＝（S断开时,R′0＝IR0＝（2

2

UR0）R0①

2

URR0）R0②

2

比较①②两式得P0＞P0′． ∴S闭合,电热毯处于加热状况．

S断开,电热毯处于保温状况．

U额2 （2）R0＝P额(220V)2＝100W＝484Ω

保温时：电阻R0两头电压为U0．

Q0

U0＝R02t

已知：Q0＝60Jt＝1 min＝60s

Q0＝Q0R0t＝60J48460s＝22V．

22V1＝484＝22A．

电路中电流：I＝URR＝IUU0＝IU0R0220V22V1A22＝4356Ω

答案（1）闭合S,电热毯处于加热状况（2）R＝4356Ω

例20（北京市中测验题）图2—3—16,是供电装备向居平易近楼用户输电的示意图,为包管居平易近楼内的用户所有效电器都能正常工作,居平易近楼的输入导线间的电压必须包管为220V,当居平易近楼内消费的功率为44 kW的时刻

图2—3—16

（1）经由过程输电线的电流为若干安? Ω,供电装备的输出电压是若干伏？

（3）居平易近楼内因为家用电器的增长,将向供电部分申请“增容”,即增长用电功率．当居平易近的用电器的额定功率由44 kW增长到88kW,所有效电器均在正常工作时,输电线路损掉的功率比“增容”前增长了若干?

（4）若请求减小输电线损掉的功率,用学过的公式及常识解释应采纳的措施． 精析将现实问题转化为电路图． 画出图2—3—17

图2—3—17

解（1）已知U0＝220V

P0＝44Kw＝4.4×10W

4

I＝P0U04.4104W＝220V＝220

（2）U＝U线＋U0＝IR线＋U0 ＝220A×Ω＋220V＝240V （3）I′＝2

PU08.8104W＝220V＝400

2

P线′＝I′R线＝（400A）×Ω＝16000W 增容前：P线＝I′R线＝（200A）×Ω＝4000W △P线＝P线′－P线＝16000W－4000W＝12000W

（4）剖析：在U0,P0一准时,I不克不及削减,使P线＝IR线减小的办法,应减小R线．

∵ 导线电阻与材料.长度.横截面积有关

∴ 长度必定,可换用电阻率小的导线或恰当增长线的横截面积,如许可以减小电阻． 答案（1）220A（2）240V（3）12000 W

例21已知两个小灯泡L1.L2的额定电压均为U额,在额定电压下经由过程L1的电流I1是经由过程L2电流I2的2倍,若把灯L1.L2串联后接到电压为U的电源上,则 （ ）

图2—3—18

U额R1R22

2

2

I1U额∴＝I21＝2 U1U2R1R2 串联电路： 选项

＝1＝2 3A：U＝2U1额U1＝2U额,U2＝U额,L2正常发光

选项B：U1≠U额,U2≠U额,所以L1.L2都不克不及正常发光 选项C：U1＝U额,U2＝U额,L2销毁,导致L1不克不及正常发光 选项D：只要U1＝U额,U2就要销毁,所以L1总不克不及正常发光

答案A.D

例22将标有“6V 3W”的灯泡L1和标“4V 4W”的灯泡L2串联起来接入电路,欲使个中一盏灯可以或许正常发光,电源电压应是 （ ） A．12V

B．8V

C．10V

D．16V

精析求出两盏灯的电阻,剖析加在灯上的现实电压是“大于”“等于”照样“小于”

UE.（U额为额定电压）

画出电路示意图2—3—19,并标出灯的电阻．

图2—3—19

解灯L1和L2电阻：

R1R2

U1＝P12(6V)2＝3W(4V)2＝4W＝12Ω ＝4Ω

R1R2U2＝P22R1.R2

U1U串联2＝123＝4＝1 若L1正常发光, U1′应＝U1＝6V 则

1U2′应＝3U1′＝2V,L2比正常发光暗

U＝U1′＋U2′＝6V＋2V＝8V．B选项相符题意 若L2正常发光,U2′应＝U2＝4V．

若L1上电压,U1′＝3 U2′＝12V,∵U1′＝2U1∴ 灯L1销毁,是以电源电压不克不及取12V＋4V＝16V． 答案B．

例23将一个阻值是4 Ω的电热器放进质量是0.5kg的冷水中,经由过程电热器的电流是5A,且电热器放出的热量全体被水接收,则7 min可使水温升高若干度？ 精析应用焦耳定律和热学中物体吸放热的公式求解． 已知：R＝4ΩI＝5At＝7 min＝420s, m

求：（t－t0）

解Q放＝I2Rt＝（5A）×4Ω×420S＝×10J

2

4

Q吸＝Q放

Q吸 （t－t0）＝ 答案 20℃

4.2104J3cm＝4.210J/(kgC)0.5kg＝20℃

例24 （广东省中测验题）某电热饮水器上有A.B两根电热丝,将两根电热丝串联接在电源上,20 min可将饮水器中的水加热至沸腾;若将A单独接到统一电源上,同样使初平和质量雷同的水加热至沸腾,须要8 min;若将B单独接在同样电源上,使初平和质量雷同的水加热至沸腾,须要多长时光?（不计热损掉） 精析 电热丝串联或单独应用,都接在同样电源上,放出的热量可用情形水吸热雷同,Q放＝Q吸,三次电热丝放出的热量相等． 解Q串＝U2RARBU2Q＝Rt盘算三种

＝t1

QA＝U2RAt2

t1t2RARBRAQ串＝QA＝∴RARB20min5＝8min＝2 2＝3 又∵QB＝QA

U2＝RA t2 t3＝RBRA3×t2＝2×8mm＝12min

答案 12 min