济宁市2020-2021学年高一上学期期末考试 物理试题(含答案)

物理试题

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分．

1．2020年7月23日12时41分，中国首次火星探测任务“天问一号”探测器在海南文昌卫星发射中心成功发射，“天问一号”探测器将在地火转移轨道飞行约7个月后，到达火星附近，通过“刹车”完成火星捕获，进行火星科学探测．下列说法正确的是（ ） A．“7个月”指的是时刻

B．“7月23日12时41分”指的是时间间隔

C．“天问一号”探测器从地球到火星的位移大小就是其运行轨迹的长度 D．研究“天问一号”探测器在地火转移轨道飞行的轨迹时可以将其看成质点 2．关于加速度，下列说法正确的是（ ） A．紧急刹车时的汽车速度变化很快，加速度很大 B．点火后即将升空的火箭速度为零，加速度也为零 C．高速行驶时的磁悬浮列车速度很大，加速度也一定很大 D．汽车转弯时速度大小保持不变，加速度为零

3．将小球竖直向上抛出（不计空气阻力），小球到达最高点前的最后一秒内和离开最高点后的第一秒内（ ） A．位移相同 B．加速度相同 C．平均速度相同 D．速度变化量方向相反

4．如图所示，物体A放在水平桌面上，通过平行于桌面的轻绳跨过光滑的定滑轮连接一个重为8N的物体B，物体A与桌面间的最大静摩擦力为4N．要使A静止，需要对A施加一水平向左的拉力F，则拉力F的取值范围为（ ）

A．08N B．4N8N C．4N12N D．8N12N

5．一两岸平行的河流，宽为300m，水流速度大小为3.5m/s．一汽艇从岸边的某点渡河，渡河过程中保持船头指向与河岸下游夹角为53．已知汽艇在静水中的速度大小为7.5m/s，（已知

sin530.8,cos530.6）则汽艇渡河的时间为（ ）

A．30s B．40s C．50s D．60s

6．如图所示为一物体运动的速度-时间图像，下列说法正确的是（ ）

A．5s末加速度反向 B．5s6s内加速度的方向与速度的方向相反 C．8s末离出发点最远 D．前6s的平均速度大小为1.5m/s

7．某同学用如图所示实验来认识超重和失重现象，先保持手指和钩码静止，感受橡皮筋对手指的压力．然后设法使钩码上下振动的同时手指保持静止，感受压力的变化，不计空气阻力．下列说法正确的是（ ）

A．超重时钩码所受重力增加 B．钩码下降到最低点时处于超重状态

C．橡皮筋对手指的压力逐渐增大时，钩码一定处于超重状态 D．橡皮筋对手指的压力逐渐减小时，钩码一定处于失重状态

8．用如图所示的装置探究加速度与力的关系时，补偿阻力后，用槽码的重力代替细线的拉力，通过分析可知，这种代替是有误差的．若槽码的质量m与小车质量M满足M10m，槽码牵引小车加速运动时，细线的拉力大小与槽码重力差值的绝对值为（重力加速度为g）（ ）

A．

1111mg B．mg C．Mg D．Mg 10111011二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．

9．如图所示为甲、乙两质点运动的位移一时间图像，t5s时，两图线相切，下列说法正确的是（ ）

A．甲质点做加速运动 B．乙质点做匀加速直线运动

C．t5s时，甲质点的速度大小为0.6m/s D．08s内乙质点的位移大小为6m

m24kg的物体置于光滑的水平面上，10．如图所示，两个质量分别为m11kg、中间用轻质弹簧秤连接．用

两个大小为F1F220N的水平拉力分别作用在m1、m2上，整个系统处于平衡状态，下列说法正确的是（ ）

A．弹簧秤的示数是40N B．弹簧秤的示数是20N

C．在突然撤去F1的瞬间，m2的加速度大小为5m/s D．在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度大小为5m/s

11．如图甲所示，一轻质弹簧下端固定在水平面上，上端放一个质量为2m的物块A，物块A静止后弹簧长

22度为l1；若在物块A上端再放一个质量为m的物块B，静止后弹簧长度为l2，如图乙所示．弹簧始终处于弹性限度范围内，则（ ）

A．弹簧的劲度系数为

mgmg B．弹簧的劲度系数为 l1l1l2C．弹簧的原长为3l12l2 D．弹簧的原长为3l12l2

12．如图所示，一渔民欲把重力均为G的虾笼A、B从水中缓慢拉出，此时虾笼A已被拉出水面，虾笼B还未完全拉出水面，轻质绳索1、2与水平面的夹角分别为60和30．下列说法正确的是（ ）

A．绳索1上的拉力大小等于3G B．绳索2上的拉力大小等于G C．水对虾笼B的作用力等于

G D．水对虾笼B的作用力等于G 2三、非选择题：本题共6小题，共60分．

13．（6分）某同学在“探究小车的速度随时间变化的规律”实验中，选出了如图所示的一条纸带，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，打点计时器的电源频率为50Hz．其中d113.10cm、d227.44cm、d343.02cm、d459.84cm、d577.90cm、

d697.20cm．打下F点时小车的瞬时速度大小为_________m/s，小车的加速度大小为________

m/s2．（结果保留三位有效数字）

14．（8分）用如图所示的装置探究“两个互成角度的力的合成规律”．在圆形桌面上平铺一张白纸，在桌子边缘安装三个光滑的滑轮，其中滑轮P1固定在桌子边，滑轮P2、P3可沿桌边移动．第一次实验中，步骤如下：

A．在三根轻绳下挂上一定数量的钩码，并使结点O静止；

B．在白纸上描下O点的位置和三根绳子的方向，以O点为起点，作出

三个拉力的图示；

C．以绕过P2、P3绳的两个力为邻边作平行四边形，作出O点为起点的平行四边形的对角线，量出对角线的长度；

D．检验对角线的长度和绕过P1绳拉力的图示的长度是否一样，方向是否在一条直线上．

（1）这次实验中，若一根绳挂的钩码质量为2m，另一根绳挂的钩码质量为3m，为使节点O保持静止，则第三根绳挂的钩码质量一定大于________且小于________．

（2）第二次实验时，改变滑轮P2、P3的位置和相应绳上钩码的数量，使结点平衡，绳的结点________（填“必须”或“不必”）与第一次实验中白纸上描下的O点重合．实验中，若桌面不水平_________（填“会”或“不会”）影响实验的结论．

15．（8分）汽车刹车前的速度大小为8m/s，刹车时的加速度大小为2m/s，求：

2（1）汽车刹车后3s末的速度大小； （2）汽车刹车后5s内的位移大小．

16．（8分）如图所示，水平地面上有一竖直墙，现将一小球以v06.0m/s的速度，从离地面高H5.0m的A点水平抛出，小球撞到墙上的B点，B点离地面的高度为h1.8m，不计空气阻力，取g10m/s，求：

2

（1）小球到达B点时速度v的大小； （2）AB两点间的水平距离s．

17．（14分）如图所示，倾角为的斜面体ABC固定在水平地面上，C点与水平地面平滑连接．AB垂直于BC，A点距地面的高度为h．一可视为质点的滑块从A点由静止开始下滑，经过C点，最后在D点停止．滑块与斜面和水平地面间的动摩擦因数均为，重力加速度为g，求：

（1）滑块到达C点时速度v的大小； （2）BD的长度x（结果用和h表示）．

18．（16分）如图所示，质量为M4kg的一个长方体形空铁箱在水平拉力F作用下沿水平面向右匀加速运动，铁箱与水平面间的动摩擦因数为10.45．这时铁箱内一个质量为m1kg的木块恰好能静止在左侧壁上．木块与铁箱内壁间的动摩擦因数为20.25．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g10m/s．求：

2

（1）铁箱对木块的支持力FN的大小； （2）水平拉力F的大小；

（3）减小拉力F，经一段时间，木块沿铁箱左侧壁落到底部且不反弹．当铁箱的速度为v8m/s时撤去拉力F，又经t1s的时间，木块沿铁箱底部从左侧壁滑到右侧壁处，则铁箱长度是多少？

参考答案

题号 答案 1 D 2 A 3 B 4 C 5 C 6 D 7 B 8 B 9 AD 10 BD 11 BC 12 ABD 13．（6分）1.87 1.24（每空3分）

14．（8分）（1）m 5m （2）不必 不会（每空2分） 15．（8分）解析：

（1）由运动学公式vv0at （2分） 解得v2m/s （1分）

（2）设汽车的刹车时间为t0，则v0at0 解得t04s （1分） 因此，5s内位移就是运动的总位移．

由运动学公式v202ax （2分）

解得x16m （1分） 16．（8分）解析：

（1）小球由A点到B点做平抛运动，v2y2g(Hh) 小球到达B点时的速度vv220vy （1分）

解得v10m/s （1分） （2）设小球由A到B运动的时间为t，则

Hh12gt2 （2分） sv0t （1分）

解得s4.8m （1分） 17．（14分）解析：

（1）滑块下滑时，由牛顿第二定律可得mgsinmgcosma1 1分） （2分） 2分）

（ （由运动学公式可得v2a12h （2分） sin解得vcos2gh1 （2分）

sin（2）滑块在水平面上运动时，由牛顿第二定律可得mgma2 （2分）

由运动学公式可得v22a2xCD （2分）

由几何关系可得xhBCtan （1分） xxBCxCD （1分）

解得xh （2分）

18．（16分）解析：

（1）对木块在竖直方向由平衡条件mgFf （2分） 又因Ff2FN （2分） 解得FN40N （1分）

（2）对木块由牛顿第二定律FNma （2分）

对铁箱和木块整体由牛顿第二定律F1(Mm)g(Mm)a 解得F222.5N （1分） （3）撤去拉力F后，木块相对铁箱滑动．

对铁箱由牛顿第二定律1(Mm)g2mgMa1 对木块由牛顿第二定律2mgma2 （1分） 铁箱减速时间为tv0a1.6st1s，木块到达箱右端时，铁箱未停止．1经t1s木块比铁箱向右多移动的距离L即为铁箱的长度．

Lvt12a212tvt2a21t （2分）

（2分） 1分） （1分） （ 解得L1.25m （1分）