中考物理易错题专题复习-电路类问题练习题及答案解析

一、初中物理电路类问题

1．某商场安装的新型火灾报警器有手动报警和自动报警两种模式，当发生火灾，室内烟雾浓度超过设定值时，安装在电路中的感应器会使得开关S1闭合，报警器响（符号同电铃）且窗户自动打开（窗户制动机符号为M）；或人手动按下报警按钮，开关S2闭合，报警器响且窗户自动打开．图中符合上述要求的电路图是 （ ）

A． B．

C． D．

【答案】A 【解析】 【分析】

串并联电路的识别。 【详解】

由题意可知，传感器会使开关S1闭合，报警器响，且窗户自动打开，可知S1和电铃、电动机是一个串联电路；同时也可手动闭合开关S2，报警器响且窗户自动打开，由此可得开关

S2与S1并联，S2和电铃与电动机串联，符合要求的只有电路A，故选A。

【点睛】

较难题。失分原因：一是没有理解题干中的要求；二是不会根据串并联电路的特点逆向推断所设计的电路中用电器和开关的串并联关系。

2．定值电阻R1标有“10Ω 2A”，R2标有“20Ω 1.5A”的字样。则以下说法正确的是（ ） A．若将两只电阻串联使用，则允许通过电阻的最大电流为2A B．若将两只电阻串联使用，允许加在它们两端总电压的最大值是45V C．若将两只电阻并联使用，则干路允许通过的电流最大值是3A D．若将两只电阻并联使用，电路允许的总电功率最大值是60W 【答案】BCD 【解析】 【分析】

【详解】

A．定值电阻R1允许通过的最大电流为2A，R2允许通过的最大电流为1.5A，根据串联电路中电流处处相等，为不损坏定值电阻，则允许通过电阻的最大电流为1.5A，故A错误； B．由A解析知，允许通过电阻的最大电流为1.5A，根据I=的最大值为

U可得加在它们两端总电压RU大=I大R总=1.5A(10Ω+20Ω)=45V

故B正确；

C．由定值电阻R1、R2的铭牌可知，加在它们两端的最大电压分别为

U1=I1R1=2A10Ω=20V，U2=I2R2=1.5A20Ω=30V

根据并联电路中各用电器两端电压相等，可知它们两端的电压最大为20V，则通过定值电阻R1的电流为2A，通过定值电阻R2的电流为

I2'=

干路允许通过的电流最大值为

U120V==1A R220ΩI并大=2A+1A=3A

故C正确；

D．若将两只电阻并联使用，电路允许的总电功率最大值为

P大=U1I并大=20V3A=60W

故D正确。 故选BCD。

3．几位同学学习了欧姆定律后，根据I=法，你认为正确的是

A．导体电阻的大小跟通过导体中的电流成反比 B．导体电阻的大小跟加在导体两端的电压成正比

C．导体电阻的大小跟通过导体中的电流和加在导体两端的电压无关 D．导体两端不加电压时，导体的电阻为零 【答案】C 【解析】 【详解】

导体的电阻是本身的属性，与导体的材料，长度，横截面积有关；并不随电流、电压的改变而改变，两端不加电压时，导体的电阻也不会为零． 所以A，B，D错误，C正确． 故选C．

UU，导出了R=．于是他们提出了以下几种看RI

4．小强同学在探究串联电路电流规律的实验中，按下图连接好了电路，闭合开关S后，观察实验，两灯均不发光．为检测出电路故障，他做了以下操作：将电压表接到b、c两点，观察电压表、电流表均无示数．将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零，则电路故障可能是

A．灯L2断路 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】

开关闭合后，两个灯泡都不发光，电流表的指针几乎不动，说明电路是断路．将电压表并联在b、c两点，电压表无示数，说明电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，即灯L2断路，L1 完好，或L1短路；将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，说明灯L2 断路，故选A．

B．灯L2短路

C．电流表烧坏了

D．灯L1断路

5．下列有关说法正确的是（ ） A．电路两端有电压，电路中一定有电流 B．影响电阻大小的因素是材料和长度 C．电动机工作时产热的多少可用Q=UIt计算 D．电功率是表示电流做功快慢的物理量 【答案】D 【解析】 【分析】

电压是形成电流的原因；电路中有电压且电路是通路，电路中才有电流．导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关．电动机工作时产热多少克通过焦耳定律计算，即

QI2Rt．电功率的物理意义是表示电流做功快慢的物理量．

【详解】

A、电路两端有电压，电路中不一定有电流，还要看电路是否是通路；故A错误； B、导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关．故B错误；

C、电动机不属于纯电阻电路，故产热多少只能用QI2Rt计算．故C错误； D、电功率是表示电流做功快慢的物理量；故D正确； 故选D． 【点睛】

此题考查电学的多个知识点，理解电压与电流的关系、明确影响电阻的诸多因素、理解电动机属于非纯电阻电路、理解电功率的意义；可解答此题．

6．小明用两个小灯泡L1、L2按如图所示电路“探究串联电路中的电压关系”。闭合开关后，用电压表分别测量Uab、Ubc、Uac三处电压。关于在实验过程中出现的情况，下列说法正确的是（ ）

A．测出Uab间电压后，保持b不动，将a改接到c，就可以测出Ubc B．若实验时电压表示数UabUac0，可能是a、b之间发生了断路 C．若实验时电压表示数Uab0，UbcUac0，则一定是a、b间短路了 D．测ac间电压时电压表的偏转角度一定是测ab间电压表偏转角度的2倍 【答案】B 【解析】 【详解】

A．用电压表测ab间的电压，那么与a端相接的是电压表的正接线柱，与b端相接的是电压表负接线柱，如果测出Uab间电压后，保持b不动，将a改接到c，那么电流就会从b端流入，即是从电压表负接线柱流入，正接线柱流出，这样是不能测出Ubc的，A错误； B．假设a、b之间发生了断路，那么UabU电源，当电压表并联在a、c两端时，电流往电压表流，那么UacU电源，这与题干条件相符合，那么可能是a、b之间发生了断路；假设a、b之间发生了短路，那么Uab0，这与题干条件不符合，所以不可能是a、b之间发生短路；假设b、c之间发生了断路，那么Uab0，这与题干条件不符合，所以不可能是b、c之间发生断路；假设b、c之间发生了短路，那么UabU电源，UacU电源，这与题干条件相符合，所以可能是b、c之间发生了短路；综上所述，可能是a、b之间发生了断路，B正确；

C．假设a、b之间发生了断路，那么UabU电源，这与题干条件不符合，所以不可能是a、b之间发生了断路；假设a、b间发生短路，那么Uab0，UbcUacU电源，这与题干条件相符合，所以可能是a、b间发生短路；假设b、c间发生了断路，那么

Uab0，UbcUac0，这与题干条件相符合，所以可能是b、c间发生了断路；假设

b、c间发生了短路，那么UabU电源，这与题干条件不符合，所以不可能是b、c间发生了短路；综上所述，可能是a、b间发生短路，也可能是b、c间发生了断路，C错误； D．如果两灯泡的电阻大小不相等，那么两灯泡两端的电压是不相等的，ac间电压是电源电压，ab间电压是灯L1的电压，那么测ac间电压时电压表的偏转角度不是测ab间电压表偏转角度的2倍，D错误。

7．如图为某均匀金属薄板，现测得接线柱A、B之间的电阻为R．如果将该电阻板均匀分成9块，并挖去其中一小块，则此时A、B之间的电阻变为

8R 97R 69R 106R 7A．B．C．D．

【答案】B 【解析】 【详解】

如图将电阻板看作三个相同电阻串联而成，分别将1、2、3看作一个电阻，4、5、6看作

1R，每个3电阻由三个相同的块并联组成，设每块电阻阻值为Rx，则由并联电阻规律可知：

一个电阻，7、8、9看作一个电阻，则由串联电阻规律可知，每个电阻阻值为

11R111 3RxRxRx解得Rx=R；则当挖去其中一块后，变为两个阻值为R的电阻并联，整体再与两个阻值为

1R的电阻串联，则由串并联电阻规律可知总电阻为： 3RAB故选B。

17R2R1136 RR1

8．如图所示，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，R为滑动变阻器，a、b是电流表或电压表。当只闭合开关 S、S1时，a、b的指针均明显偏转，将位于中点的滑片P向左移动，a的示数不变，b的示数有变化。下列说法正确的是（ ）

A．a是电流表

B．只闭合S、S2，将滑片P 向右移动，a的示数一定变小 C．只闭合S、S2，将滑片P向右移动，R1消耗的功率一定变大 D．只闭合 S、S1，将滑片P向右移动，整个电路消耗的总功率一定变大 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】

A．当只闭合开关 S、S1时，定值电阻R1短路， a、b的指针均明显偏转，滑动变阻器R与表b串联，将位于中点的滑片P向左移动，b的示数有变化，则表b一定是电流表；定值电阻R2与表a串联，若a是电流表，此时滑动变阻器R与定值电阻R2并联，根据并联等压的规律以及欧姆定律可判断，a是电流表时示数不变，若a是电压表，因为内阻很大，此时相当于测电源电压示数不变，所以a可能是电流表，也可能是电压表。故A错误； BC．只闭合S、S2时，若a、b都是电流表，滑动变阻器R与定值电阻R2被短路，电流表a测通过定值电阻R1的电流，由于定值电阻R1两端电压、阻值不变，所以电流表a的示数不变，根据P=UI可知R1消耗的功率不变；若a、b都是电压表，滑动变阻器R、定值电阻R1、定值电阻R2串联，电压表a测滑动变阻器R两端电压，将滑片P向右移动，滑动变阻器R接入阻值变小，电路通过电流变大，根据串联分压的规律可知滑动变阻器R两端电压变小，即电压表a的示数变小，根据P=I2R可知R1消耗的功率变大；若a是电流表，b是电压表，滑动变阻器R被短路，定值电阻R1、定值电阻R2串联，电流表a电路电流，由于定值电阻R1、定值电阻R2阻值不变，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路电流不变，就电流表a的示数不变，根据P=I2R可知R1消耗的功率不变；若a是电压表，b是电流表，定值电阻R2被短路，滑动变阻器R、定值电阻R1串联，电压表a测滑动变阻器R两端电压，将滑片P 向右移动，滑动变阻器R接入阻值变小，电路通过电流变大，根据串联分压的规律可知滑动变阻器R两端电压变小，即电压表a的示数变小，根据P=I2R可知R1消耗的功率变大。故BC错误；

D．当只闭合开关 S、S1时，定值电阻R1短路， a、b的指针均明显偏转，滑动变阻器R与表b串联，将位于中点的滑片P向左移动， b的示数有变化，则表b一定是电流表；当a、b都是电流表时，此时滑动变阻器R与定值电阻R2并联，根据并联等压的规律以及公式P=UI可知定值电阻R2消耗的功率不变；将滑片P 向右移动，滑动变阻器R接入阻值变小，电路通过电流变大，根据并联等压的规律以及公式P=UI可知滑动变阻器R消耗的功率

变大，则整个电路消耗的总功率变大；当a是电流表，b是电压表时，因为电压表内阻很大，此时定值电阻R2不在电路中，只有滑动变阻器接入电路，将滑片P 向右移动，滑动变阻器R接入阻值变小，电路通过电流变大，根据并联等压的规律以及公式P=UI可知滑动变阻器R消耗的功率变大，即整个电路消耗的总功率变大；故整个电路消耗的总功率一定变大。故D正确。 故选D。

9．如图所示是某电子秤的结构示意图，其中P是一个可以紧贴AB滑动的金属滑片，S为自动控制开关。闭合开关S，秤盘内不放物体时，电子秤刻度表示数为0；在秤盘内放入物体时，就可以从电子秤刻度表上读出该物体的质量；当被测物体的质量超过电子秤量程时，开关S自动断开，电子秤无示数。则下列判断正确的是（ ）

A．电子秤的刻度表是一个电流表，它的示数越大说明所称物体质量越大 B．电子秤的刻度表是一个电压表，它的示数越小说明所称物体质量越大 C．电子秤的AB部分是一个滑动变阻器，且A端与P接触的地方为绝缘体 D．R0电阻去掉后，也能保证电路安全工作 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】

A B．电子秤刻度表串联在电路中，电子秤刻度表应该是电流表，不是电压表；当盘中放入物体质量越大时，滑片下移，变阻器连入电路的电阻越小，由欧姆定律可知，电流越大，即它的示数越大，故A正确，B错误；

C．金属片P和AB构成了一个滑动变阻器，闭合开关S，秤盘内不放物体时，滑片在A端，电子秤刻度表示数为0，说明电路是断路，则A端是绝缘体，故C正确； D．R0电阻为保护电路的电阻，可以避免电路中电流过大，不能去掉R0，故D错误。 故选AC。

10．2019年10月18日凌晨，位于西双版纳的橄榄坝澜沧江大桥顺利合龙，为中老铁路全线按期建成奠定了坚实基础，由昆明呈贡坐高铁出境变为现实。高铁内如果两个相邻的洗手间都有人并且锁住时（锁住相当于开关闭合），红灯亮，表示“有人”，如果两洗手间都没有人或者只有一个有人时，灯不亮，表示可以使用。如下图所示的电路图中符合这一情况的是（ ）

A． B．

C． D．

【答案】C 【解析】 【详解】

A．从图中可以看到，只有一个洗手间锁住时，两个开关中只有一个会闭合，这时红灯会亮，这与题意不符合，A项不合题意；

B．从图中可以看到，只有S1闭合时，即只有一个洗手间锁住时，红灯是会亮的，这与题意不符合，B项不合题意；

C．从图中可以看到，两个洗手间都锁上时，两个开关都是闭合的，这时红灯会亮；如果两个洗手间都没有锁上，两个开关是断开的，这时灯不会亮；只有一个洗手间锁上时，那么只有一个开关是闭合的，这样灯是不能亮的；上述各种情况都符合题意，选项C符合题意；

D．从图中可以看到，两个洗手间都锁上时，两个开关都是闭合的，电流不会流过红灯，红灯不亮，这与题意不符合，D项不合题意。 故选C。

11．击剑比赛中，当甲方运动员的剑击中乙方的导电服时（相当于如图中 “S甲”闭合），乙方指示灯L乙亮；当乙方运动员的剑击中甲方的导电服时（相当于如图中“S乙”闭合），甲方指示灯L甲亮．在如图所示的四个电路中，可能实现上述功能的是（ ）

A． B． C．

D．

【答案】D 【解析】 【详解】

根据情景和题意可知，甲击中乙，相当于甲闭合了乙灯的开关，乙灯亮．相同的道理，乙

控制着甲灯的开关，两个灯能够单独发光，也能够同时发光，说明两灯是并联的，因此正确的电路应是D．

12．如图所示的电路中，电源两端电压为6V并保持不变，定值电阻R1 的阻值为10Ω，滑动变阻器R2 标有“50Ω 0.5A”字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A。当开关S闭合，为保证电路安全，下列说法中正确的是

A．滑动变阻器的阻值变化范围是0Ω～50Ω B．滑动变阻器的阻值变化范围是2Ω～50Ω C．电流表的示数变化范围为0.1A～0.6A D．电压表的示数变化范围为1V～3V 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】

由题意知当电压表示数为3V时，滑动变阻器的阻值最小，此时的电流最大，此时电流的大小为

II2I1此时滑动变阻器的两端电压为

U3V=0.3A R110ΩU2UU16V-3V=3V

此时滑动变阻器的阻值为

R2U23V=10Ω I20.3A当滑动变阻器的阻值R250Ω时，电流最小，电压表的示数最小，此时电流的大小为

I电压表的示数为

UU6V==0.1A RR1+R210Ω+50ΩU1IR10.1A10Ω=1V

所以滑动变阻器的阻值变化范围是10Ω～50Ω，电流表的示数变化范围为0.1A～0.3A，电压表的示数变化范围为1V～3V，故选D。

13．在如图所示电路中，开关S闭合时，规格相同的灯泡L1、L2均能发光，图中甲、乙、

丙为电表，粗心的小明在读数时只在纸上记录了如图所示数字，则下列说法中正确的是（ ）

A．L1和L2并联，甲、乙、丙示数分别为0.6V，1.2A，0.3A

B．L1和L2并联，电源电压为1.2V，通过L1、L2的电流分别为0.3A、0.6A C．L1和L2串联，甲、乙、丙示数分别为0.3A、0.6V、1.2V

D．L1和L2串联，电路中的电流为0.6A，L1、L2两端的电压分别为0.3V、1.2V 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】

规格相同的两个灯泡均能发光时，它们的连接方式要么是串联，要么是并联。 AB．当两灯泡并联时，电路中电流有两条路径，电流从电源的正极出发，经乙电表后分支，一支经灯泡L1回到电源的负极，一支经灯泡L2、丙电表回到电源的负极，则甲为电压表测电源的电压，乙为电流表测干路电流，丙为电流表测L2支路的电流，因为并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，由于通过两灯泡的电流相等，干路电流是L2支路电流的两倍，由图中数据可知：乙的示数为1.2 A，丙的示数为0.6 A，则甲的示数为0.3 V；乙的示数为0.6 A，丙的示数为0.3 A，则甲的示数为1.2 V，通过L1、L2的电流均为0.3 A，故A、B不正确；

CD．当两灯泡串联时，电路中的电流只有一条路径，电流从电源的正极出发，依次经甲电表、灯泡L2、灯泡L1回到电源的负极，则甲为电流表测电路中的电流，乙为电压表测L2两端的电压，丙为电压表测电源的电压，因为串联电路中各处的电流相等，且两灯泡规格相同时它们两端的电压相等，所以电源的电压是L2两端电压的2倍，即丙的示数是乙示数的2倍，由图中数据可知：丙的示数为1.2 V，乙的示数为0.6 V，则甲的示数为0.3 A；丙的示数为0.6 V，乙的示数为0.3 V，则甲的示数为1.2 A，L1、L2两端的电压均为0.3 V，故D错误，C正确。 故选C。

14．在如图所示的电路中，闭合开关S，电路正常工作一段时间后灯L熄灭，一个电表的示数变大，另一个电表的示数变为零，将两用电器位置互换后再次闭合开关S，两个电表指针均发生明显偏转.若电路中只有一处故障，且只发生在灯L或电阻R上，则（ ）

A．灯L短路 C．电阻R断路 【答案】A 【解析】 【详解】

B．灯L断路 D．电阻R短路

A．当灯L短路时，电压表示数为零，电流表示数变大；对调后，灯L相当于导线，电流表和电压表均有示数，故A符合题意；

B．当灯L断路时，将灯L和电阻R对调，电路处于断路状态，电流表和电压表示数均为零，故B不符合题意；

C．当电阻R断路时，整个电路断路，电压表和电流表均没有示数，故C不符合题意； D．当电阻R短路时，电灯发光，对调后，电压表示数为零，故D不符合题意．

15．两个定值电阻，甲标有“10 2A”，乙标有“20 0. 5A”。如将它们并联起来，电路中的最大总功率及将它们串联起来电路两端允许加的最大电压为（ ） A．30W 30V 【答案】C 【解析】 【分析】

根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知，两电阻并联时，并联电路两端允许加的最大电压为较小的一个，再根据欧姆定律和并联电路电流的特点求出干路电流，利用PUI求出电路中的最大总功率；已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值，再根据串联电路电阻的特点和欧姆定律求出电路的最大电压。 【详解】 AD．根据IB．15W 10V

C．15W 15V

D．30W 60V

U可得，两电阻两端允许所加的最大电压 RU甲I甲R甲2A10Ω20V，U乙I乙R乙0.5A20Ω10V

因并联电路中各支路两端的电压相等，则两只电阻并联时，电路中的最大电压

UU乙10V

通过乙电阻的电流

I1则并联电路中的最大总功率

U10V1A R甲10ΩPUIU(I1I乙)10V(1A0.5A)15W

故AD错误；

BC．因串联电路中各处的电流相等，则两只电阻串联时，电路中的最大电流

II乙0.5A

根据IU可得，串联电路两端允许加的最大电压 RUIRI(R甲R乙)0.5A(10Ω20Ω)15V

故B错误、C正确。 故选C。

16．如图，三个不同的灯泡接在电源上，A1的示数为I1，A2的示数为I2，A3的示数为I3，各表读数关系正确的是（ ）

A．I1=I2=I3 【答案】D 【解析】 【分析】

B．I1=I2+I3 C．I3＞I2＞I1 D．I1＞I2＞I3

由图可知三灯泡并联，A3测通过L3的电流，A2测通过L2、L3的电流，A1测干路电流，则由并联电路的电流规律可知三表中电流的大小关系。 【详解】

由图可知三灯泡并联，A3测通过L3的电流，A2测通过L2、L3的电流，故一定有

I2＞I3

A1测通过三个灯泡的电流，故一定有

I1＞I2

所以

I1＞I2＞I3

故选D。

17．受新型冠状病毒的影响，一“罩”难求。一般医用口罩至少要有三层，外层需要阻挡外界空气中的灰层、细菌、唾沫等飞溅物，中间层经过静电处理，可以阻挡细菌等微小颗粒（潮湿环境中会失去静电），内层要吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等。某口罩的构造如图所示。下列说法正确的是（ ）

A．口罩潮湿后防护能力降低

C．口罩的中间层静电熔喷布能吸引小磁针 形成 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】

B．佩戴口罩时应该使白色吸水无纺布朝外 D．佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气升华

A．潮湿环境中会失去静电，口罩潮湿后，会失去静电，中间层不可以阻挡细菌等微小颗粒, 口罩防护能力降低，A正确；

B．由题意可知，内层要吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等，那么白色吸水无纺布应该是内层，有吸水能力，佩戴口罩时应该使白色吸水无纺布朝内，B错误；

C．带电体能吸引轻小物体，所以中间层静电熔喷布能吸引细菌等微小颗粒，但它不是磁体，不能吸引小磁针，C错误；

D．佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气液化形成的，D错误。 故选A。

18．两个完全相同的验电器，分别带上不等量的异种电荷，现将它们的金属球用一根金属导体接通后分开，则两验电器金属箔（ ） A．张角一定都减小，且带上等量的异种电荷 B．张角一定都增大，且带上等量的异种电荷 C．张角一定是有一个增大，且带上等量的同种电荷 D．张角一定是有一个减小，且带上等量的同种电荷 【答案】D 【解析】 【详解】

由于两个验电器带的是不同的电荷，所以在用金属导体接触时会发生中和现象，少的那种电荷会被多的电荷中和掉，然后剩余的电荷被两个验电器平分，所以最后两个验电器会带上等量的同种电荷；由于发生了中和现象，少的电荷会被中和掉，而多的电荷由于中和现象也会减少，所以原来带电荷多的验电器的夹角一定会减小；故D项符合题意、ABC项不符合题意；

19．某同学利用如图甲所示的电路图测定小灯泡电阻，电路中电源电压保持4.5V不变，灯

泡上标有“2.5V，？A”字样，滑动变阻器上标有“50Ω 1A”。闭合开关，将滑片P滑到某一位置时，两电表的示数如图乙所示，则下列说法不正确的是（ ）

A．此时灯泡的电阻为8Ω

B．此时灯泡和滑动变阻器的阻值之比为8∶7 C．该电路能探究串联电路电流的特点 D．该电路能探究电流与电压的关系 【答案】D 【解析】 【分析】

由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测灯泡两端电压；由图示电表确定其量程与分度值，读出其示数，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。 【详解】 A．此时灯泡电阻

R故A正确，不符合题意； B．滑动变阻器两端电压

UL2.4V8Ω I0.3AU滑=UUL4.5V2.4V2.1V

此时灯泡与滑动变阻器的阻值之比

RLUL2.4V8 R滑U滑2.1V7故B正确，不符合题意；

C．利用该电路可以探究串联电路电流特点，故C正确，不符合题意。

D．探究电流与电压的关系，应控制电阻阻值不变，而灯泡电阻随温度升高而增大，因此该电路不能探究电流与电压的关系，故D错误，符合题意。 故选D。

20．如图所示电路中，电源电压不变，当滑动变阻器滑片由左向右移动时，电压表V1示数变化量（绝对值）为∆U1，电压表V2示数变化量（绝对值）为∆U2，则

A．U2U1 C．U2U1 【答案】A 【解析】 【分析】 【详解】

B．U2U1 D．无法比较

电阻R1、R3和滑动变阻器R2串联，当滑动变阻器滑片由左向右移动时，电路中的总电阻变大，根据串联电路的电阻分压特点可知，电阻R1、R2两端的电压变小，滑动变阻器两端的电压变大；因为：

U2=U-U1-U3

所以：

△U2=△U1+△U3

故：

△U2＞△U1。

故选A。