高考物理选择题突破策略与技巧

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妙法1 排除法 [妙法解读] 在读懂题意的基础上，根据题目的要求，先将明显错误或不合理的选项逐一排除，最后只剩下正确的选项．注意有时题目要求选出错误的选项，那就是排除正确的选项．

例1(2013·高考大纲全国卷)纸面内两个半径均为R的圆相切于O点，两圆形区域内分别存在垂直于纸面的匀强磁场，磁感应强度大小相等、方向相反，且不随时间变化．一长为2R的导体杆OA绕过O点且垂直于纸面的轴顺时针匀速旋转，角速度为ω.t＝0时，OA恰好位于两圆的公切线上，如图所示．若选取从O指向A的电动势为正，下列描述导体杆中感应电动势随时间变化的图象可能正确的是( )

[解析] 从导体杆转动切割磁感线产生感应电动势的角度考虑．当导体杆顺时针转动切割圆形区域中的磁感线时，由右手定则判断电动势由O指向A，为正，选项D错误；切1

割过程中产生的感应电动势E＝BLv＝BL2ω，其中L＝2Rsin ωt，即E＝2BωR2sin2

2ωt，可排除选项A、B，选项C正确．

[方法感悟] 此法在解答选择题中是使用频率最高的一种方法．基本思路是通过一个知识点或过程分析排除部分选项，然后再通过另一物理规律或过程分析排除部分选项，最后得出正确答案．

牛刀小试1(2014·云南第一次检测)如图甲所示，线圈ABCD固定于匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向外，当磁场变化时，线圈AB边所受安培力向右且变化规律如图乙所示，则

1

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磁场的变化情况可能是选项中的( )

解析：A图中，磁场均匀增强，由楞次定律判断线圈ABCD中的感应电流沿顺时针方向，利用左手定则判断AB边受安培力方向向右，安培力大小由法拉第电磁感应定律有F安＝ΔBS

lB，则知F安变大，与题目已知不符，可排除A项；B图中，磁场变强，线圈中产RΔt

ΔBS

生顺时针方向电流，AB边受安培力方向向右，安培力大小F安＝lB，则知F安变大，

RΔt与题目已知不符，可排除B项；C图中，磁场变弱，线圈中产生逆时针方向电流，AB边受力方向向左，与题目已知不符，可排除C项；D图中，磁场变强，线圈中产生顺时针ΔBS

方向电流，AB边受安培力方向向右，安培力大小F安＝lB，可知安培力大小可能恒

RΔt定，D对．

2

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妙法2 特值法 [妙法解读] 有些选择题，根据它所描述的物理现象的一般情况，难以直接判断选项的正误时，可以让某些物理量取特殊值，代入到各选项中逐个进行检验．凡是用特殊值检验证明是不正确的选项，一定是错误的，可以排除．

例2(2013·高考安徽卷)如图所示，细线的一端系一质量为m的小球，另一端固定在倾角为θ的光滑斜面体顶端，细线与斜面平行．在斜面体以加速度a水平向右做匀加速直线运动的过程中，小球始终静止在斜面上，小球受到细线的拉力FT和斜面的支持力FN分别为(重力加速度为g)( )

A．FT＝m(gsin θ＋acos θ) FN＝m(gcos θ－asin θ) B．FT＝m(gcos θ＋asin θ) FN＝m(gsin θ－acos θ) C．FT＝m(acos θ－gsin θ) FN＝m(gcos θ＋asin θ) D．FT＝m(asin θ－gcos θ) FN＝m(gsin θ＋acos θ)

[解析] 取特例a＝0，则FT＝mgsin θ，FN＝mgcos θ.将a＝0代入四个选项，只有A项可得到上述结果，故只有A正确．

[方法感悟] 以上解析用非常规解法，巧取特例轻松妙解，特例赋值法一般对通解表达式很奏效． 牛刀小试2假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体，一矿井深度为d.已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为( ) ddR－d2 D.R2 A．1－ B．1＋ C.R－dRRR

R解析：选A.取特殊情况，当d＝R时，重力加速度之比应该为0，排除B、D；取d＝，2M1

根据黄金代换式GM＝gR2得g∝ ，重力加速度之比不等于(因为质量M不一样)，排

R24除C

3

杰哥微信:jiegewuli 妙法3 极限法 [妙法解读] 极限法是把某个物理量推向极端，从而作出科学的推理分析，给出判断或导出一般结论．该方法一般适用于题干中所涉及的物理量随条件单调变化的情况．极限思维法在进行某些物理过程分析时，具有独特作用，使问题化难为易，化繁为简，达到事半功倍的效果．

例3如图甲所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电荷量为σ，其轴线上任意一点P(坐标为x)的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：

x，方向沿x轴．现考虑单位面积带电荷量为σ0的无限大

E＝2πkσ1－R2＋x21/2均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板，如图乙所示．则圆孔轴线上任意一点Q(坐标为x)的电场强度为( ) A．2πkσ0

xr

B．2πkσ0 r2＋x21/2r2＋x21/2

xr

C．2πkσ0 D．2πkσ0 rx

[解析] 无限大均匀带电平板周围的电场可以等效为匀强电场，挖去的圆板如果r趋于0，则选项表达式表示的场强应为恒定值，比较得A项正确．答案为A.

[方法感悟] 以上解法令r趋于0，巧妙地采用了极限思维法，让看似棘手的问题迎刃而解．

牛刀小试3如图，一不可伸长的轻质细绳跨过定滑轮后，两端分别悬挂质量为m1和m2的物体A和B.若滑轮有一定大小，质量为m且分布均匀，滑轮转动时与绳之间无相对滑动，不计滑轮与轴之间的摩擦．设细绳对A和B的拉力大小分别为T1和T2，

已知下列四个关于T1的表达式中有一个是正确的．请你根据所学的物理知识，通过一定的分析，判断正确的表达式是( )

m＋2m2m1gm＋2m1m2g

A．T1＝ B．T1＝ m＋2m1＋m2m＋4m1＋m2m＋4m2m1gm＋4m1m2g

C．T1＝ D．T1＝

m＋2m1＋m2m＋4m1＋m2

解析：设滑轮的质量为零，即看成轻滑轮，若物体B的质量较大，由整体法可得加速度

4

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m2－m12m1m2a＝g，隔离物体A，据牛顿第二定律可得T1＝ g．应用“极限推理法”，将m1＋m2m1＋m2m＝0代入四个选项分别对照，可得选项C正确，故选C.(本题用特例m1＝m2解更加简单．)

妙法4 逆向法 [妙法解读] 逆向思维是逆着事件发生的时间顺序或者由果到因进行思考，寻求解决问题的方法．逆向思维法的运用主要体现在可逆性物理过程中(如运动的可逆性、光路的可逆性等)，或者运用反证归谬、执果索因进行逆向思维．逆向思维有时可以使解答过程变得非常简捷，特别适用于选择题的解答．

例4(多选)如图所示，在水平地面上的A点以速度v1与地面成θ角射出一弹丸，恰好以速度v2垂直穿入竖直壁上的小孔B，下列说法正确的是(不计空气阻力)( )

A．在B点以与v2大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上的A点

B．在B点以与v1大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面A点 C．在B点以与v1大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上A点的左侧

D．在B点以与v1大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，它必定落在地面上A点的右侧

[解析] 以速度v1与地面成θ角射出一弹丸，恰好以速度v2垂直穿入竖直壁上的小孔B，说明弹丸在B点的竖直速度为零，v2＝v1cos θ，根据“逆向”思维：在B点以与v2大小相等方向相反的速度射出弹丸，它必落在地面上的A点，A正确；在B点以与v1大小相等的速度，与v2方向相反射出弹丸，由于v1＞v2，弹丸在空中运动的时间不变，所以它必定落在地面上A点的左侧，C正确，B、D错误．

[方法感悟] 弹丸做的是斜上抛运动，到达最高点时速度水平，解答时若直接对斜抛运动进行分解，解答过程比较麻烦，但若采用逆向思维法，利用平抛运动规律求解，解答过程会简化很多．

牛刀小试4(多选)一有固定斜面的小车在水平面上做直线运动，小球通过细绳与车顶相连．小球某时刻正处于图示状态．设斜面对小球的支持力为FN，细绳对小球的拉力为FT，关于此时刻小球的受力情况，下列说法正确的是( ) A．若小车向左运动，FN可能为零

5

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B．若小车向左运动，FT可能为零 C．若小车向右运动，FN不可能为零 D．若小车向右运动，FT不可能为零

解析：对小球进行受力分析，假设FN为零，小球的合外力水平向右，加速度向右，故小车可能向右加速运动或向左减速运动，A对C错；假设FT为零，小球的合外力水平向左，加速度向左，故小车可能向右减速运动或向左加速运动，B对D错． 妙法5 对称法

[妙法解读] 对称情况存在于各种物理现象和物理规律中，应用这种对称性可以帮助我们直接抓住问题的实质，避免复杂的数学演算和推导，快速解题．

1

例5(2013·高考江苏卷)下列选项中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，41

且电荷均匀分布，各圆环间彼此绝缘．坐标原点O处电场强度最大的是( )

4

[解析] 由对称原理可知，A、C图中在O点的场强大小相等，D图中在O点场强为0，B1

图中两圆环在O点合场强应最大，选项B正确．

4[方法感悟] 利用对称性，只计算抵消后剩余部分的场强，这样可以明显减少解答运算量，做到快速解题． 牛刀小试5如图所示，电荷量为＋q和－q的点电荷分别位于正方体的顶点，正方体范围内电场强度为零的点有( )

A．体中心、各面中心和各边中点 B．体中心和各边中点 C．各面中心和各边中点 D．体中心和各面中心

解析：.由等量同种点电荷或等量异种点电荷的场强对称分布可推断：对正方体的上表面中心，上表面的四个电荷分成两组产生的场强都是零，下表面的四个电荷分成两组产生的场强等大反向，所以正方体的上表面中心处的合场强为零，同理，所有各面中心处的合场强都为零；在体中心，可以将八个电荷分成四组，产生的合场强为零；而在各边中心，场强无法抵消，合场强不为零．答案为D.

6

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妙法6 反证例举法 [妙法解读] 有些选择题的选项中，带有“可能”、“可以”等不确定词语，只要能举出一个特殊例子证明它正确，就可以肯定这个选项是正确的；有些选择题的选项中，带有“一定”、“不可能”等肯定的词语，只要能举出一个反例驳倒这个选项，就可以排除这个选项．

例6：关于静电场，下列说法正确的是( ) A．电势等于零的物体一定不带电 B．电场强度为零的点，电势一定为零 C．同一电场线上的各点，电势一定相等 D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加

[解析] 带电物体的电势可以为零，比如接地的导体，可以带电，取大地电势为零，则此导体的电势为零，A错；电场强度和电势没有必然的联系，场强为零的地方，电势可以为零，也可以不为零，如两等量正点电荷连线中点处的场强为零，但电势不一定为零，B错；顺着电场线的方向，电势降低，C错；负电荷沿电场线方向移动，则电场力做负功，电势能一定增加，D对．

[方法感悟] 对于有“一定”的选项，只要能找到“不一定”的反例，或对于有“不可能”的选项，只要能找到“可能”的例子，就可将此选项排除．

牛刀小试6(多选)(2014·成都九校联考)如图所示，物体在水平推力F的作用下静止在斜面上，若稍微增大水平力F而物体仍保持静止，则下列判断中错误的是( ) A．斜面对物体的静摩擦力一定增大 B．斜面对物体的支持力一定增大 C．物体在水平方向所受合力一定增大 D．物体在竖直方向所受合力一定增大

解析：原来斜面对物体的静摩擦力方向可能沿斜面向上，也

可能沿斜面向下，所以稍微增大水平力F，静摩擦力可能增大也可能减小，甚至可能大小不变，A说法错误；F增大，则物体对斜面的压力FN＝mgcos θ＋Fsin θ也增大，所以B说法正确；根据物体仍保持静止可知，物体在水平方向和竖直方向上的合力都为零，所以C、D的说法都是错误的．

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杰哥微信:jiegewuli 妙法7 结论法 [妙法解读]在平时的解题过程中,积累了大量的“二级结论”，熟记并巧用一些“二级结论”可以使思维过程简化，节约解题时间.非常实用的二级结论有：(1)等时圆规律.(2)平抛运动速度的反向延长线过水平位移的中点.(3)不同质量和电荷量的同性带电粒子由静止相继经过同一加速电场和偏转电场,轨迹重合；(4)直流电路中动态分析的“串反并同”结论；(5)平行通电导线同向相吸，异向相斥；(6)带电平行板电容器与电源断开，改变极板间距离不影响极板间匀强电场的强度等．

例7如图所示，长度相等的两杆OA、OB通过转动轴相连于O点(B端滑小不计)，一端系有重物的轻绳，另一端跨过滑轮固定于A点，OA保持竖直不动，杆OB与杆OA的夹角θ可调整，现将一光滑小轻环套在细绳上，让其从A点由静止开始下滑至B点，在下滑过程中θ角保持不变，细绳始终绷直，下面关于轻环下滑时间的判断，正确的是( ) A．θ角越大，下滑所需时间越长 B．θ＝45°时，下滑所需时间最短 C．θ＝90°时，下滑所需时间最短 D．不论θ为何值，下滑所需时间都相同 [解析] 本题属于等时圆模型，故D正确．

[方法感悟] 二级结论在计算题中一般不可直接应用，但运用其解答选择题时优势是显而易见的，可以大大提高解题的速度和准确率．

牛刀小试7在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图，过c点的导线所受安培力的方向( ) A．与ab边平行，竖直向上 B．与ab边平行，竖直向下 C．与ab边垂直，指向左边 D．与ab边垂直，指向右边

解析：根据“平行通电导线同向相吸,异向相斥”的二级结论，可知a、b处导线对c处导线的安培力的合力方向水平向左．答案为C.

妙法8 作图法 [妙法解读] 根据题目的内容画出图象或示意图，如物体的运动图象、光路图、气体的状态变化图象等，再利用图象分析寻找答案．作图类型主要有三种：(1)函数图象；(2)

8

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矢量图；(3)几何图．

例8(2014·高考安徽卷)如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是通过椭圆中心O点的水平线．已知一小球从M点出发，初速率为v0，沿管道MPN运动，到N点的速率为v1，所需时间为t1；若该小球仍由M点以初速率v0出发，而沿管道MQN运动，到N点的速率为v2，所需时间为t2，则( )

A．v1＝v2，t1＞t2 B．v1＜v2，t1＞t2 C．v1＝v2，t1＜t2 D．v1＜v2，t1＜t2

[解析] 管道内壁光滑，只有重力做功，小球机械能守恒，因此可得：v1＝v2＝v0.根据两过程中速率变化的规律，初速、末速大小相等，及路程相等可画出速率—时间图象定性分析，得t1＞t2.A对．

[方法感悟] 作图分析法具有形象、直观的特点，便于了解各物理量之间的关系，能够避免繁琐的计算，迅速简便地找出正确选项．

牛刀小试8如图所示，长方形区域abcd，长ad＝0.6 m，宽ab＝0.3 m，O、e分别是ad、bc的中点，以ad为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场(边界上无磁场)，磁感应强度B＝0.25 T．一群不计重力、质量m＝3.0×10－7kg、电荷量q＝＋2.0×10－3C的带电粒子以速度v＝5.0×102 m/s沿垂直ad的方向垂直于磁场射入磁场区域( )

A．从Od段射入的粒子，出射点全部分布在Oa段 B．从Oa段射入的粒子，出射点全部分布在ab边 C．从Od段射入的粒子，出射点分布在Oa段和ab边 D．从Oa段射入的粒子，出射点分布在ab边和bc边

解析：选D.粒子在磁场中做匀速圆周运动，在磁场外做匀速直线运动，粒子在磁场中有v2mv

qvB＝m，r＝＝0.3 m．从Od段射入的粒子，如果abcd区域均

rqB分布磁场，从O点射入的粒子刚好从b点射出，现半圆外区域没有磁场，粒子做直线运动，出射点在bc边上(如图所示)；从Oa段射入的粒子，出射点分布在ab边和bc边，D正确．

9

杰哥微信:jiegewuli 妙法9 等效法 [妙法解读] 等效替换法是把陌生、复杂的物理现象、物理过程在保证某种效果、特性或关系相同的前提下，转化为简单、熟悉的物理现象、物理过程来研究，从而认识研究对象本质和规律的一种思想方法．等效替换法广泛应用于物理问题的研究中，如：力的合成与分解、运动的合成与分解、等效场、等效电源„„

例9(2013·高考安徽卷)如图所示，xOy平面是无穷大导体的表面，该导体充满z＜0的空间，z＞0的空间为真空．将电荷量为q的点电荷置于z轴上z＝h处，则在xOy平面上会产生感应电荷．空间任意一点处的电场皆是由点电荷q和导体表面上的感应电荷共h

同激发的．已知静电平衡时导体内部场强处处为零，则在z轴上z＝处的场强大小为(k

2为静电力常量)( ) 4q

A．k

h232q

C．k

9h2

4qB．k 9h240qD．k 9h2

[解析] 点电荷q和感应电荷所形成的电场在z＞0的区域可等效成关于O点对称的等量hqq40q

异号电荷形成的电场．所以z轴上z＝处的场强E＝k＋k＝k，选项D

2h/2239h2

2h2正确．

[方法感悟] 此方法的基本特征为等效替代，把复杂问题转化为一个较简单的问题，起到化难为易的作用．

牛刀小试9 (2013·高考安徽卷)由消防水龙带的喷嘴喷出水的流量是0.28 m3/min，水离开喷口时的速度大小为163 m/s，方向与水平面夹角为60°，在最高处正好到达着火位置，忽略空气阻力，则空中水柱的高度和水量分别是(重力加速度g取10 m/s2)( )

A．28.8 m 1.12×10－2 m B．28.8 m 0.672 m

C．38.4 m 1.29×10－2 m D．38.4 m 0.776 m

解析：将水的运动等效为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的竖直

10

3

3

3

3

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v2y

上抛运动，由右图可知，vx＝vcos 60°，vy＝vsin 60°，水柱的高度h＝＝28.8 m，

2gvy0.28

上升时间t＝＝2.4 s，空中水柱的水量相当于从喷口2.4 s内喷出的水量，故Q＝

g60×2.4 m3＝1.12×10－2 m3，故选项A正确．

妙法10 估算法 [妙法解读] 有些选择题本身就是估算题，有些貌似要精确计算，实际上只要通过物理方法(如：数量级分析)，或者数学近似计算法(如：小数舍余取整)，进行大致推算即可得出答案．估算是一种科学而有实用价值的特殊方法，可以大大简化运算，帮生快速地找出正确选项．

例10(2013·高考江苏卷)水平面上，一白球与一静止的灰球碰撞，两球质量相等．碰撞过程的频闪照片如图所示，据此可推断，碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的( )A．30% B．50% C．70%

D．90%

x1

[解析] 根据v＝和Ek＝mv2解决问题．量出碰撞前的小球间距与碰撞后的小球间距

t2v′7

之比为12∶7，即碰撞后两球速度大小v′与碰撞前白球速度v的比值，＝.所以损

v12失的动能ΔEk

[方法感悟] 此题解法灵活，运用数学近似计算的技巧，如把小数舍余取整，相差较大的两个量求和时舍去小的那个量，并未严格精确计算也可快速得出正确选项． 11ΔEk＝mv2－×2mv′2，≈30%，故选项A正确． 22Ek0

牛刀小试10卫星电话信号需要通过地球同步卫星传送．如果你与同学在地面上用卫星电话通话，则从你发出信号至对方接收到信号所需最短时间最接近于(可能用到的数据：月球绕地球运动的轨道半径约为3.8×105 km，运行周期约为27天，地球半径约为6 400 km，无线电信号的传播速度为3×108 m/s)( ) A．0.1 s B．0.25 s C．0.5 s D．1 s

312GMm2π13

解析：由＝m2r得r∝T2，故r卫＝·r月＝r月≈4×107 m(注：由

r22729T

11

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s2r卫－R地2r卫2×4×107

同步卫星的常识也可得r卫≈7R地)．最短时间t＝＝≈＝ vcc3×108s ≈0.27 s.

12